Kratownica płaska 6.pdf
(
173 KB
)
Pobierz
Zadanie 1
Przykład 1.6. Kratownica płaska
Znaleźć siły w prętach następującej kratownicy:
Rozwiązanie
: W pierwszej kolejności zaznaczamy reakcje H
A
, V
A
oraz V
B
=P, a także siły w
poszczególnych prętach kratownicy zaznaczając ich zwroty zgodnie z poniższym rysunkiem.
Po znalezieniu reakcji z równań równowagi z wykorzystaniem symetrii względem osi
pionowej przechodzącej przez węzły 4 i 12 mamy V
A
=V
B
=P, oraz H
A
=0, oraz
wyeliminowaniu prętów zerowych S
8-9
=S
8-A
=0 (z węzła 8), a także S
B-7
=0 (z węzła B)
rozwiązujemy zadanie metodą Rittera.
α
α
α
α
α
α
α
α
α
H
A
=
0
α
α
α
α
α
α
α
α
V
A
=
P
α
V
B
=
P
W kolejnych przęsłach kratownicy stosujemy przekroje pionowe α
i
-α
i
dla i=1,…,9 oraz trzy
równania równowagi
∑
P
α
i
−
i
α
=
0
;
∑
P
α
i
−
i
α
=
0
;
∑
M
α
i
−
i
α
=
0
dla mniejszej z odciętych
części kratownicy otrzymujemy:
• w przekroju α
8
-α
8
(część prawa)
1.
∑
M
α
8
−α
8
=
0
:
V
⋅
l
+
S
⋅
2
l
=
0
⇒
S
=
−
P
7
B
16
−
15
16
−
15
2
2.
∑
P
α
8
−α
8
=
0
:
V
−
2
S
=
0
⇒
S
=
5
P
B
5
16
−
7
16
−
7
2
• w przekroju α
5
-α
5
(część prawa)
1.
∑
P
α
5
=
−α
5
0
:
−
S
⋅
2
+
P
=
0
⇒
S
=
5
P
13
−
4
5
13
−
4
2
2.
∑
M
α
5
−α
5
=
0
:
S
⋅
2
l
+
P
⋅
4
l
=
0
⇒
S
=
−
2
P
4
13
−
12
13
−
12
3.
∑
P
α
5
=
−α
5
0
:
−
S
−
1
S
−
S
=
0
⇒
S
=
3
P
13
−
12
5
13
−
4
5
−
4
5
−
4
2
• w przekroju α
2
-α
2
(część lewa)
1.
∑
P
α
2
−α
2
=
0
:
2
⋅
S
+
P
=
0
⇒
S
=
−
5
P
5
1
−
10
1
−
10
2
2.
∑
M
α
2
−α
2
=
0
:
S
⋅
2
l
−
2
Pl
=
0
⇒
S
=
P
10
1
−
2
1
−
2
3.
∑
P
α
2
=
−α
2
0
:
−
S
−
S
−
1
S
=
0
⇒
S
=
−
P
10
−
9
2
−
1
5
10
−
1
10
−
9
2
W celu obliczenia siły w jednym ze słupków pionowych wykonujemy np. przekrój α
9
-α
9
i
znajdujemy dla części pionowej:
∑
P
α
9
−α
9
=
0
:
S
+
P
=
0
⇒
S
=
−
P
.
4
−
12
4
−
12
2
Plik z chomika:
dawid1051
Inne pliki z tego folderu:
Wykład nr 3.rar
(4123 KB)
Wykład nr 2.rar
(5634 KB)
Wykład nr 1.rar
(5557 KB)
wykład 8.rar
(3969 KB)
wykład 7.rar
(5892 KB)
Inne foldery tego chomika:
Algebra
Analiza
Analiza 2
biochemia
Budownictwo ogólne
Zgłoś jeśli
naruszono regulamin